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Re : FINALE MIDI 2008 - Question 1

par Pi sur 4/5/2008 19:54:09

Pourquoi trancher la tête à quelqu'un pour avoir "commis" un raisonnement tout à fait exact?
Re : FINALE MIDI 2008 - Question 1

par Lepuslapis sur 4/5/2008 18:28:06

C'est en fait ce que Grégoire a dit. Le premier Philippe (qui va probablement me trancher la tête pour cette formulation) n'a voulu qu'attirer l'attention sur le fait que la connaissance des identités combinatoires élémentaires (combinaisons, arrangements, ...) est de nature à simplifier les choses.
Re : FINALE MIDI 2008 - Question 1

par Philippe sur 4/5/2008 16:22:05

Tout ça me semble incomplet. Il y a effectivement 6 choix possibles de deux sommets du carré, mais pour chacun d'eux, on peut obtenir deux triangles équilatéraux (la droite passant par les deux sommets du carré formant un axe de symétrie entre les deux triangles possibles pour ces deux sommets).

Je dirais donc que la réponse au a) est 12 (après avoir vérifié qu'ils sont bien tous distincts).

Non ?

(Un autre Philippe)
Re : FINALE MIDI 2008 - Question 1

par Pi sur 1/5/2008 8:26:25

Tes résultats sont tout à fait valabes, le plus vite, c'est d'utiliser la formule pour des combinaisons sans répétitions, donc pour le carré 4!/(2!*(4-2)!)
pour l'hexagone: 6!/(2!*(6-2)!)
pour le dodécagone: 12!/(2!*(12-2)!)

Philippe
Re : FINALE MIDI 2008 - Question 1

par Anonyme sur 30/4/2008 21:16:53

en fait corrgié mois SVP

Grégoire
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